1.(2015·江苏单科·15)一台质谱仪的工作原理如图1所示,电荷量均为+q、质量不同的离子飘入电压为U0的加速电场,其初速度几乎为零.这些离子经加速后通过狭缝O沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为B的匀强磁场,最后打在底片上.已知放置底片的区域MN=L,且OM=L.某次测量发现MN中左侧fdde218847b3a942f8f33b4e86ef3854.png
图1
(1)求原本打在MN中点P的离子质量m;
(2)为使原本打在P的离子能打在QN区域,求加速电压U的调节范围;
(3)为了在QN区域将原本打在MQ区域的所有离子检测完整,求需要调节U的最少次数.(取lg 2=0.301,lg 3=0.477,lg 5=0.699)
2.(2014·全国大纲·25)如图2所示,在第一象限存在匀强磁场,磁感应强度方向垂直于纸面(xy平面)向外;在第四象限存在匀强电场,方向沿x轴负方向.在y轴正半轴上某点以与x轴正向平行、大小为v0的速度发射出一带正电荷的粒子,该粒子在(d,0)点沿垂直于x轴的方向进入电场.不计粒子重力.若该粒子离开电场时速度方向与y轴负方向的夹角为θ,求:
图2
(1)电场强度大小与磁感应强度大小的比值;
(2)该粒子在电场中运动的时间.
1.题型特点
(1)带电粒子在复合场中的运动是力电综合的重点和高考的热点,常见的考查形式有组合场(电场、磁场、重力场依次出现)、叠加场(空间同一区域同时存在两种以上的场)、周期性变化的场等,近几年高考试题中,涉及本专题内容的频率极高,特别是计算题,题目难度大,涉及面广.
(2)试题多把电场和磁场的性质、运动学规律、牛顿运动定律、圆周运动规律、功能关系揉合在一起,主要考查考生的空间想象力、分析综合能力以及运用数学知识解决物理问题的能力.以及考查考生综合分析和解决复杂问题的能力.
2.解决带电粒子在组合场中运动的一般思路和方法:
(1)明确组合场是由哪些场组合成的.
(2)判断粒子经过组合场时的受力和运动情况,并画出相应的运动轨迹简图.
(3)带电粒子经过电场时利用动能定理和类平抛运动知识分析.
(4)带电粒子经过磁场区域时通常用圆周运动知识结合几何知识来处理.
1.(2015·临沂二模)如图3所示,在直角坐标系xOy的第二象限存在沿y轴正方向的匀强电场,电场强度的大小为E1,在y轴的左侧存在垂直于纸面的匀强磁场.现有一质量为m,带电荷量为-q的带电粒子从第二象限的A点(-3L,L)以初速度v0沿x轴正方向射入后刚好做匀速直线运动,不计带电粒子的重力.
图3
(1)求匀强磁场的大小和方向;
(2)撤去第二象限的匀强磁场,同时调节电场强度的大小为E2,使带电粒子刚好从B点(-L,0)进入第三象限,求电场强度E2的大小;
(3)带电粒子从B点穿出后,从y轴上的C点进入第四象限,若E1=2E2,求C点离坐标原点O的距离.
2.(2015·山西四校第三次联考)如图4所示,在直角坐标系xOy平面内,虚线MN平行于y轴,N点坐标(-L,0),MN与y轴之间有沿y轴正方向的匀强电场,在第四象限的某区域有方向垂直于坐标平面的矩形有界匀强磁场(图中未画出).现有一质量为m、电荷量为-e的电子,从虚线MN上的P点,以平行于x轴正方向的初速度v0射入电场,并从y轴上A点(0,0.5L)射出电场,射出时速度方向与y轴负方向成30°角,进入第四象限,经过矩形磁场区域,电子过Q点(b20238157b2e94864ab4ba0ee6ea01d8.png
图4
(1)匀强电场的电场强度E的大小;
(2)匀强磁场的磁感应强度B的大小和电子在磁场中运动的时间t;
(3)矩形有界匀强磁场区域的最小面积Smin.
分析带电粒子在组合场中运动问题的方法
(1)要清楚场的性质、方向、强弱、范围等.
(2)带电粒子依次通过不同场区时,由受力情况确定粒子在不同区域的运动情况.
(3)正确地画出粒子的运动轨迹图.
(4)根据区域和运动规律的不同,将粒子运动的过程划分为几个不同的阶段,对不同的阶段选取不同的规律处理.
(5)要明确带电粒子通过不同场区的交界处时速度大小和方向关系,上一个区域的末速度往往是下一个区域的初速度.
3.(多选)(2015·南充三诊)如图5所示,直角坐标系xOy位于竖直平面内.第Ⅲ、Ⅳ象限内有垂直于坐标面向外的匀强磁场,第Ⅳ象限同时存在方向平行于y轴的匀强电场(图中未画出),一带电小球从x轴上的A点由静止释放,恰好从P点垂直于y轴进入第Ⅳ象限,然后做圆周运动,从Q点垂直于x轴进入第Ⅰ象限,Q点距O点的距离为d,重力加速度为g.根据以上信息,能求出的物理量有( )
图5
A.圆周运动的速度大小
B.电场强度的大小和方向
C.小球在第Ⅳ象限运动的时间
D.磁感应强度大小
4.(2015·安徽模拟)如图6所示,在竖直平面内建立直角坐标系xOy,其第一象限存在着正交的匀强电场和匀强磁场,电场强度的方向水平向右,磁感应强度的方向垂直纸面向里.一带电荷量为+q,质量为m的微粒从原点出发沿与x轴正方向的夹角为45°的初速度进入复合场中,正好做直线运动,当微粒运动到A(l,l)时,电场方向突然变为竖直向上(不计电场变化的时间),粒子继续运动一段时间后,正好垂直于y轴穿出复合场.(不计一切阻力),求:
图6
(1)电场强度E大小;
(2)磁感应强度B的大小;
(3)粒子在复合场中的运动时间.
带电粒子在叠加场中运动问题的处理方法
(1)弄清叠加场的组成特点.
(2)正确分析带电粒子的受力及运动特点.
(3)画出粒子的运动轨迹,灵活选择不同的运动规律.
①若只有两个场且正交.例如,电场与磁场中满足qE=qvB或重力场与磁场中满足mg=qvB或重力场与电场中满足mg=qE,都表现为匀速直线运动或静止,根据受力平衡列方程求解.
②三场共存时,合力为零,受力平衡,粒子做匀速直线运动.其中洛伦兹力F=qvB的方向与速度v垂直.
③三场共存时,粒子在复合场中做匀速圆周运动.mg与qE相平衡,有mg=qE,由此可计算粒子比荷,判定粒子电性.粒子在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动,应用受力平衡和牛顿运动定律结合圆周运动规律求解,有qvB=mrω2=m7b7687a5355fd2aa62a5f22ea15cfe08.png
④当带电粒子做复杂的曲线运动或有约束的变速直线运动时,一般用动能定理或能量守恒定律求解.
5.(2015·泰州二模)如图7甲所示,在xOy竖直平面内存在竖直方向的匀强电场,在第一象限内有一与x轴相切于点(2R,0)、半径为R的圆形区域,该区域内存在垂直于xOy面的匀强磁场,电场与磁场随时间变化如图乙、丙所示,设电场强度竖直向下为正方向,磁场垂直纸面向里为正方向,电场、磁场同步周期性变化(每个周期内正反向时间相同).一带正电的小球A沿y轴方向下落,t=0时刻A落至点(0,3R),此时,另一带负电的小球B从圆形区域最高点(2R,2R)处开始在磁场内紧靠磁场边界做匀速圆周运动;当A球再下落R时,B球旋转半圈到达点(2R,0);当A球到达原点O时,B球又旋转半圈回到最高点;然后A球开始匀速运动.两球的质量均为m,电荷量大小均为q.(不计空气阻力及两小球之间的作用力,重力加速度为g)求:
图7
(1)匀强电场的场强E的大小;
(2)小球B做匀速圆周运动的周期T及匀强磁场的磁感应强度B的大小;
(3)电场、磁场变化第一个周期末A、B两球间的距离.
6.(2015·绥化二模)如图8甲所示,两个平行正对的水平金属板X、X′极板长L=0.29097ad464ca3f4d87bfa261a719ba953.png
图8
(1)带电粒子射出电场时的最大速率;
(2)粒子在磁场中运动的最长时间和最短时间之比;
(3)分别从O′点和距O′点下方0fa033426222ec79caa0906f046d72a9.png
解决带电粒子在交变电磁场中运动问题“三步走”
7.(2015·长春三质检)如图9所示,宽度为d、厚度为h的导体放在垂直于它的磁感应强度为B的匀强磁场中,当电流通过该导体时,在导体的上、下表面之间会产生电势差,这种现象称为霍尔效应.实验表明:当磁场不太强时,电势差U、电流I和磁感应强度B的关系为:U=K3ea215fb42beb71ccdacb6ead3247b42.png
图9
A.载流子所受静电力的大小F=qfd4015e7259f45a267db8887039bf44a.png
B.导体上表面的电势一定大于下表面的电势
C.霍尔系数为K=e1fd19f4d5e3a72f1d327e3520654f5e.png
D.载流子所受洛伦兹力的大小F洛=4b4aafd526afded035f92931954bde7b.png
8.(多选)(2015·日照模拟)英国物理学家阿斯顿因首次制成质谱仪,并用此对同位素进行了研究,因此荣获了1922年的诺贝尔化学奖.若速度相同的同一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图10所示,则下列说法中正确的是( )
图10
A.该束带电粒子带正电
B.速度选择器的P1极板带负电
C.在B2磁场中运动半径越大的粒子,质量越大
D.在B2磁场中运动半径越大的粒子,比荷1dc9e6ee1b5332668156072403516de1.png
9.(2015·浙江理综·25)使用回旋加速器的实验需要把离子束从加速器中引出,离子束引出的方法有磁屏蔽通道法和静电偏转法等.质量为m,速度为v的离子在回旋加速器内旋转,旋转轨道是半径为r的圆,圆心在O点,图11轨道在垂直纸面向外的匀强磁场中,磁感应强度为B.为引出离子束,使用磁屏蔽通道法设计引出器.引出器原理如图所示,一对圆弧形金属板组成弧形引出通道,通道的圆心位于O′点(O′点图中未画出).引出离子时,令引出通道内磁场的磁感应强度降低,从而使离子从P点进入通道,沿通道中心线从Q点射出.已知OQ长度为L,OQ与OP的夹角为θ.
图11
(1)求离子的电荷量q并判断其正负;
(2)离子从P点进入,Q点射出,通道内匀强磁场的磁感应强度应降为B′,求B′;
(3)换用静电偏转法引出离子束,维持通道内的原有磁感应强度B不变,在内外金属板间加直流电压,两板间产生径向电场,忽略边缘效应.为使离子仍从P点进入,Q点射出,求通道内引出轨迹处电场强度E的方向和大小.
几种常见的电磁场应用实例
(1)质谱仪:
①用途:测量带电粒子的质量和分析同位素.
②原理:由粒子源S发出的速度几乎为零的粒子经过加速电场U加速后,以速度v= cd41360f6e3d6c072d496ff121abe292.png
(2)速度选择器:带电粒子束射入正交的匀强电场和匀强磁场组成的区域中,满足平衡条件qE=qvB的带电粒子可以沿直线通过速度选择器.速度选择器只对粒子的速度大小和方向做出选择,而对粒子的电性、电荷量不能进行选择.
(3)回旋加速器:
①用途:加速带电粒子.
②原理:带电粒子在电场中加速,在磁场中偏转,交变电压的周期与带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期相同.
③粒子获得的最大动能Ek=ca7fa2f37f9e2cc6846f961847d77ee4.png
1.(2015·全国大联考二)如图12所示,平面直角坐标系第一象限存在竖直向上的匀强电场,距离原点O为3a处有一个竖直放置的荧光屏,荧光屏与x轴相交于Q点,且纵贯第四象限.一个顶角等于30°的直角三角形区域内存在垂直平面向里的匀强磁场,三角形区域的一条直角边ML与y轴重合,且被x轴垂直平分.已知ML的长度为6a,磁感应强度为B,电子束以相同的速度v0从LO区间垂直y轴和磁场方向射入直角三角形区域.从y=-2a射入磁场的电子运动轨迹恰好经过原点O,假设第一象限的电场强度大小为E=Bv0,试求:
图12
(1)电子的比荷;
(2)电子束从+y轴上射入电场的纵坐标范围;
(3)从磁场中垂直于y轴射入电场的电子打到荧光屏上距Q点的最远距离.
2.(2015·绵阳4月模拟)如图13甲所示,有一磁感应强度大小为B、垂直纸面向外的匀强磁场,磁场边界OP与水平方向夹角为θ=45°,紧靠磁场右上边界放置长为L、间距为d的平行金属板M、N,磁场边界上的O点与N板在同一水平面上,O1、O2为电场左右边界中点.在两板间存在如图乙所示的交变电场(取竖直向下为正方向).某时刻从O点竖直向上以不同初速度同时发射两个相同的质量为m、电荷量为+q的粒子a和b.结果粒子a恰好从O1点水平进入板间电场运动,由电场中的O2点射出;粒子b恰好从M板左端边缘水平进入电场.不计粒子重力和粒子间相互作用,电场周期T未知.求:
图13
(1)粒子a、b从磁场边界射出时的速度va、vb;
(2)粒子a从O点进入磁场到O2点射出电场运动的总时间t.
3.(2015·盐城二模)如图14所示的xOy坐标系中,y轴右侧空间存在范围足够大的匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向垂直于xOy平面向里.P点的坐标为(-2L,0),Q1、Q2两点的坐标分别为(0,L),(0,-L).坐标为(-6845c991f6b551af3c2dc80469cd280e.png
图14
(1)从Q1直接到达Q2处的粒子初速度大小;
(2)从Q1直接到达O点,粒子第一次经过x轴的交点坐标;
(3)只与挡板碰撞两次并能回到P点的粒子初速度大小.
专题8 带电粒子在电场和磁场中的运动
真题示例
1.(1)52fba7a9fa00c896fe2e33a9da9dbc30.png
解析 (1)离子在电场中加速: qU0=fbec2606359bbf700bc78536aa8d00f4.png
在磁场中做匀速圆周运动:qvB=m74d4ede54ed59009e48e116233a40c8b.png
解得r=e607a6fbf9c9c1c5c03103450b8ba153.png
打在MN中点P的离子运动半径为r0=0ce76ac2a0780b61166181ad16b7ba83.png
m=52fba7a9fa00c896fe2e33a9da9dbc30.png
(2)由(1)知,U=64adc68e9ef6cd00c63c096a5dcd67aa.png
U=c0c72b4b3f3fc75b8a577d916b486125.png
离子打在N点时r=L,U=ec747483acc6fa1b9858ae1d77a08854.png
c0c72b4b3f3fc75b8a577d916b486125.png
(3)由(1)可知,r∝6596e8960bf3db6cb082d1e64833ac1a.png
由题意知,第1次调节电压到U1,使原本Q点的离子打在N点09a7902d1f82a0ecb643f9dd3ee012a8.png
此时,原本半径为r1的打在Q1的离子打在Q上c45ad3b1c10bf7341acba955a02c1c05.png
解得r1=b65b3082eb8154ef9b65449d46ce9003.png
第2次调节电压到U2,原本打在Q1的离子打在N点,原本半径为r2的打在Q2的离子打在Q上,则:57a07daa6198e7c368640b05b0cde9f0.png
解得r2=b65b3082eb8154ef9b65449d46ce9003.png
同理,第n次调节电压,有rn=b65b3082eb8154ef9b65449d46ce9003.png
检测完整,有rn≤d35950e37bc8d11eb0eb06e90f01ae8f.png
解得n≥a136517cfc01925acb29345c968694fd.png
最少次数为3次
2.(1)df4344a8d214cca83c5817f341d32b3d.png
解析 (1)如图,粒子进入磁场后做匀速圆周运动.设磁感应强度的大小为B,粒子质量与所带电荷量分别为m和q,圆周运动的半径为R0.由洛伦兹力公式及牛顿第二定律得
qv0B=mccdbf4af9d0025ad3d6e3ac646d8210d.png
由题给条件和几何关系可知R0=d②
设电场强度大小为E,粒子进入电场后沿x轴负方向的加速度大小为ax,在电场中运动的时间为t,离开电场时沿x轴负方向的速度大小为vx.由牛顿第二定律及运动学公式得Eq=max③
vx=axt④
7adf1916cdf1334961e201bc277717e6.png
由于粒子在电场中做类平抛运动(如图),有tan θ=9faf63aea24f5eff50b7af585b369c0d.png
联立①②③④⑤⑥式得0d762377555f4adf37b22be653a3c9f7.png
(2)联立⑤⑥式得t=ccf620377a0675b924dc32639472d3e9.png
考题一 带电粒子在组合场中的运动
1.(1)8abee99af30e55b47aff1e02224037ff.png
解析 (1)带电粒子做匀速直线运动,其所受合力为零,由于粒子带负电荷,带电粒子受到的电场力方向沿y轴负方向,所以带电粒子受到的洛伦兹力方向沿y轴正方向,根据左手定则判断磁场方向垂直纸面向外
根据带电粒子受的洛伦兹力等于电场力,即:qv0B=qE1①
解得:B=8abee99af30e55b47aff1e02224037ff.png
(2)撤去磁场后,带电粒子仅受电场力作用做类平抛运动.
根据牛顿第二定律:qE2=ma③
x轴方向:2L=v0t④
y轴方向:L=df4344a8d214cca83c5817f341d32b3d.png
联立③④⑤解得:E2=4b3b30d165b9681030ebef0d7ff245d8.png
(3)带电粒子穿过B点时竖直速度:v1=at⑦
由④⑤⑦解得:v1=v0⑧
则通过B点时的速度v=c09e7e198285de92c3388206929223c2.png
与x轴正方向的夹角为θ,则sin θ=8600c5f9b77079f73fd81dba0c2a8f4d.png
即θ=45°⑪
带电粒子在第三象限做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力qvB=18eab9f69dc4a1e5f502ff6259fc7974.png
由E1=2E2⑬
由(1)知B=8abee99af30e55b47aff1e02224037ff.png
由⑥⑨⑫⑭解得:R=1553867a52c684e18d473467563ea33b.png
CO=(1553867a52c684e18d473467563ea33b.png
2.(1)7d13655e2a3ba2826999b7a222810766.png
解析 (1)设电子在电场中运动的加速度为a,时间为t,离开电场时,沿y轴方向的速度大小为v,
则L=v0ta=5c78934ed50569d2c9f6d99304a52cbf.png
联立解得:E=7d13655e2a3ba2826999b7a222810766.png
(2)设轨迹与x轴的交点为D,OD距离为xD,
则xD=0.5Ltan 30°=b20238157b2e94864ab4ba0ee6ea01d8.png
所以,DQ平行于y轴,电子在磁场中做匀速圆周运动的轨道的圆心在DQ上,电子运动轨迹如图所示.
设电子离开电场时速度为v,在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为r,
则evB=m74d4ede54ed59009e48e116233a40c8b.png
由几何关系有r+2bb675d1bf5695dc3a309ef00bdb44b5.png
即r=52e1de9ea02953e1aa205427ee5ec2ae.png
联立以上各式解得B=0c30bab77f5c58b7cb8ea623c0fdc7c4.png
电子转过的圆心角为120°.则得t=35f632af3b0e6fce7bf96062a039848e.png
T=cbdef501ce9d0502cb6fa7597565879f.png
解得t=193bb1b4e1ab75c559c7ddb3ab0117a3.png
(3)以切点F、Q的连线长为矩形的一条边,与电子的运动轨迹相切的另一边作为其FQ的对边,有界匀强磁场区域面积为最小.
Smin=27d20b09c2e7c517a8a1a74348656b95.png
解得Smin=741699753a52c75d9b1b11f889804607.png
考题二 带电粒子在叠加场中的运动
3.AC [带电小球在第Ⅲ象限内运动时只有重力做功,机械能守恒,设带电小球到达P点的速度为v.根据机械能守恒定律得:mgd=df4344a8d214cca83c5817f341d32b3d.png
4.(1)bd1f601c485731a943d31a1b7a580296.png
解析 (1)微粒到达A(l,l)之前做匀速直线运动,
对微粒受力分析如图甲:
所以,Eq=mg,得:E=bd1f601c485731a943d31a1b7a580296.png
(2)由平衡条件得:qvB=1553867a52c684e18d473467563ea33b.png
电场方向变化后,微粒所受重力与电场力平衡,微粒在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动,轨迹如图乙:
qvB=m74d4ede54ed59009e48e116233a40c8b.png
由几何知识可得:r=1553867a52c684e18d473467563ea33b.png
v=d44ce3cc5bdf8136b9b0383f586063d8.png
联立解得:B=35922d9b6aa83368760c0ebe98854e95.png
(3)微粒做匀速运动时间:t1=6f3305dd99f466505282a0548a1422fb.png
做圆周运动时间:
t2=88dd797c11137ec36ab0e55167a3dc2b.png
在复合场中运动时间:t=t1+t2=(2ec10dc9fab72ea386beadda7597b90b.png
考题三 带电粒子在交变电磁场中运动的问题
5.(1)bd1f601c485731a943d31a1b7a580296.png
解析 (1)小球B做匀速圆周运动,则Eq=mg
解得:E=bd1f601c485731a943d31a1b7a580296.png
(2)设小球B做圆周运动的周期为T
对A小球:Eq+mg=ma
得a=2g
R=a(16d4d25b8582c8a8791f621b5799bd19.png
解得T= a40103bc95833173c847a207d004ea10.png
对B小球:Bqv=m0edbf5675208658b14d0483ee865f400.png
v=5b9a5b092c791c5de361b67440155d34.png
解得:B=816359b1a1d052dbebf5023f5641bf9f.png
(3)分析得:电(磁)场变化周期是B球圆周运动周期的2倍
对小球A:在原点的速度为vA=1f978851a684a42159dc09a9af09005e.png
在原点下的位移为:yA=vAT
yA=5R
2T末,小球A的坐标为(0,-5R)
对小球B:球B的线速度vB=π980de653b67d991da3ae4be8631b94c4.png
水平位移为xb=vBT=2πR
竖直位移为yb=fbec2606359bbf700bc78536aa8d00f4.png
2T末,小球B的坐标为[(2π+2)R,0]
则2T末,AB两球的距离为AB=f6adc2a226b021755e19939c0c998cff.png
6.(1)0270009ecf9fc9b97319a936185615ec.png
解析 (1)带电粒子在偏转电场中做类平抛运动:
水平:t=a1ee2ebcb552e8b52b08b95ac9ada663.png
竖直:y=df4344a8d214cca83c5817f341d32b3d.png
U1=78e678522db15cf31e7df3fabae20ecf.png
当U>bc2e9aa055e2c308ffe9dac23b791352.png
所以由动能定理得:qed642ffc1001381b62ee8b8028f7cabe.png
解得vt=a395b9a38d8fdd6aa37545730e1e50f0.png
(2)计算可得,粒子射入磁场时的速度与水平方向的夹角为30°,从下极板边缘射出的粒子轨迹如图甲中a所示,磁场中轨迹所对应的圆心角为240°,时间最长;从上极板边缘射出的粒子轨迹如图中b所示,磁场中轨迹所对应的圆心角为120°,时间最短,因为两粒子的周期T=ee69f4cd7496916988df73e81e591cd2.png
(3)如图乙,从O′点射入磁场的粒子速度为v0,它在磁场中的出射点与入射点间距为d1=2R1
由R1=11b6e6148f4c29d88895df1ffad9274e.png
由R2=6958c1fd69ad59e7d9ceabeccfccad1e.png
得d2=76adb829763f6bab8ecc5bfe5a6e661f.png
即两个粒子向上偏移的距离相等
所以:两粒子射出磁场的出射点间距仍为进入磁场时的间距,即0fa033426222ec79caa0906f046d72a9.png
考题四 磁与现代科技的应用
7.D [静电力大小应为F=q99d42b0805e73c8c4555cdc2beeae82e.png
8.AD [根据粒子在磁场中的运动轨迹,由左手定则可知,粒子带正电,选项A正确;粒子在正交场中,受向上的洛伦兹力,故电场力向下,即速度选择器的P1极板带正电,选项B错误;根据R=17ec47444ac1a5df23e3ac04d42998b1.png
9.(1)e5d5c8dc696eff92bee5d17da886ea59.png
(3)沿径向向外 Bv-e9ac14e3bc6e77fc9e5f81311795c33c.png
解析 (1)离子做圆周运动Bqv=9541f6f3c78bdf47480f2506b8a156da.png
q=e5d5c8dc696eff92bee5d17da886ea59.png
(2)离子进入通道前、后的轨迹如图所示
O′Q=R,OQ=L,O′O=R-r
引出轨迹为圆弧,B′qv=18eab9f69dc4a1e5f502ff6259fc7974.png
R=ba4c02ad6153ac09bb0579a22471cb0d.png
由余弦定理得R2=L2+(R-r)2+2L(R-r)cos θ
解得R=60045138c59ebf84fca16f3bac532e28.png
故B′=457740c59129bf42d05375750a210fad.png
(3)电场强度方向沿径向向外⑦
引出轨迹为圆弧Bqv-Eq=18eab9f69dc4a1e5f502ff6259fc7974.png
解得E=Bv-e9ac14e3bc6e77fc9e5f81311795c33c.png
专题综合练
1.(1)c0e2b165dfb026a058b43aa458a7ba3f.png
解析 (1)由题意可知电子在磁场中的轨迹半径为r=a,由圆周运动规律得:ev0B=m599888ff96b5536e845ef3fb872bbf80.png
(2)电子能进入电场中,且离O点上方最远,电子在磁场中运动圆轨迹恰好与边MN相切,电子运动轨迹的圆心为O′点,如图所示.O′M=2a
OO′=OM-O′M=a,即粒子从D点离开磁场进入电场时,离O点上方最远距离为:OD=ym=2a,所以电子束从+y轴射入电场的范围为0≤y≤2a;
(3)假设电子没有射出电场就打到荧光屏上,有3a=v0t,y=fbec2606359bbf700bc78536aa8d00f4.png
解得:y=04bbd3c2505d0a826aba4a8d5f2e29a9.png
水平:x=v0t,
竖直:y=df4344a8d214cca83c5817f341d32b3d.png
设电子最终打在光屏的最远点距Q点为H,电子射出电场时与x轴的夹角为θ有:
tan θ=7b6fbbe2dfc3bd4d1a49585d5b3ebde8.png
当3fa84d41497396ace4788002fba12ea3d.png
2.(1)5e99080f2d6aeda55083bbe8588941be.png
解析 (1)根据题意,粒子a、b在磁场中受洛伦兹力作用做匀速圆周运动,圆心分别为Oa、Ob,作出其运动轨迹如图所示,粒子a从A点射出磁场.
由几何关系有:ra=410e85aba5ea1f0feda66b0487d96836.png
由牛顿第二定律有:qvB=m74d4ede54ed59009e48e116233a40c8b.png
联立解得:va=b880ced636544d5e8e1ef4be61d37965.png
(2)设粒子a在磁场中运动时间为t1,从A点到O2点的运动时间为t2,则:
t1=c9f821e56dba2eba83648906546d498e.png
联解得:t=8a05877a64ede3c8d23ead55ec239a08.png
3.(1)fc9a606db8a11321d53e6d83d8f4ea6f.png
解析 (1)由题意画出粒子运动轨迹如图甲所示,设PQ1与x轴方向夹角为θ,粒子在磁场中做圆周运动的半径大小为R1,由几何关系得:R1cos θ=L,其中:cos θ=e2699b8be4b23fe0b61800056f604f76.png
粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,有:
qv1B=m5cfb868296cc2abf6bc13eab70fe330e.png
(2)由题意画出粒子运动轨迹如图乙所示,设其与x轴交点为F,由几何关系得:R2=dfd31ab2c936df30c1d3a944d96529f7.png
(3)由题意画出粒子运动轨迹如图丙所示,设PQ1与x轴正方向夹角为θ,粒子在磁场中做圆周运动的半径大小为R3,偏转一次后在y轴负方向偏移量为Δy1,由几何关系得:Δy1=2R3cos θ,为保证粒子最终能回到P,
粒子与挡板碰撞后,速度方向应与PQ1连线平行,每碰撞一次,粒子进出磁场在y轴上这段距离Δy2(如图中A、E间距)可由题给条件,有f8509ac52faf49ea3cc984c72b888532.png
得Δy2=4473acc422fb7a10b520ff0ad5e54f9b.png
当粒子只碰二次,其几何条件是3Δy1-2Δy2=2L,
解得:R3=8b7ea22ca97783345a97430cb73cdebf.png
粒子在磁场中做匀速圆周运动:qvB=m23ab9a085639118e59023e7bc2670294.png
¥29.8
¥9.9
¥59.8