生物必修二试卷及答案

　　下面是为你分享的生物必修二试题，希望能够为大家带来帮助，希望大家会喜欢。同时也希望给你们带来一些参考的作用！

　　生物必修二试题：高中生物必修二练习每章精选题(附详细解释)　　一、选择题(每小题分，共50分)

　　1．在孟德尔的一对相对性状的杂交实验中，具有1∶1比例的是()

　　①子一代的性状分离比②子一代的配子类型比

　　③测交后代的表现型比④子二代的基因型比

　　⑤测交后代的基因型比

　　A．①③④

　　C．②③⑤B．②④⑤D．①③⑤

　　解析：在孟德尔的一对相对性状的杂交实验中，具有1∶1比例的有子一代的配子类型比、测交后代的表现型比、测交后代的基因型比。

　　答案：C

　　2．下列杂交组合属于测交的是()

　　A．eeffgg×EeFfGg

　　C．eeffGg×EeFfGgB．EeFfGg×eeFfGgD．EeFfGg×EeFfGg

　　解析：测交是指杂合子与隐性类型(每一对基因都是隐性纯合)的个体进行杂交。在题目给出的选项中，只有A选项亲本中，有一方三对基因都是隐性纯合，符合题目的要求。

　　答案：A

　　3．对下列实例的判断中，正确的是()

　　A．有耳垂的双亲生出了无耳垂的子女，因此无耳垂为隐性性状

　　B．杂合子的自交后代不会出现纯合子

　　C．高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，子一代出现了高茎和矮茎，所以高茎是显性性状

　　D．杂合子的测交后代都是杂合子

　　解析：有耳垂的双亲生出了无耳垂的子女，即发生性状分离，则亲代有耳垂的个体为杂合子，杂合子表现的肯定是显性性状。杂合子自交后代中可出现纯合子。亲代和子代都既有高茎又有矮茎，无法判断显隐性。杂合子的测交后代中也可出现纯合子，如Aa×aa→Aa、aa(纯合子)。

　　答案：A

　　4．孟德尔揭示出了基因的分离定律和自由组合定律，他获得成功的主要原因有()①选取豌豆作实验材料②科学地设计实验程序③进行人工杂交实验④应用统计学方法对实验结果进行分析⑤选用了从一对相对性状到多对相对性状的研究方法⑥先选择豌豆再选择紫茉莉、草莓等植物作实验材料

　　A．①②③④

　　C．②③④⑤B．①②④⑤D．③④⑤⑥

　　解析：孟德尔通过选取豌豆作实验材料、科学地设计实验程序、应用统计学方法对实验结果进行分析和选用了从一对相对性状到多对相对性状的研究方法等，成功地揭示出基因分离定律和自由组合定律。

　　答案：B

　　5.孟德尔用豌豆进行两对相对性状的杂交实验不必考虑的是()

　　A．亲本的双方都必须是纯合子

　　B．两对相对性状各自要有显隐性关系

　　C．对母本去雄，授以父本花粉

　　D．显性亲本作父本，隐性亲本作母本

　　解析：进行两对相对性状的杂交实验时，要求是两对相对性状的纯种亲本杂交；两对相对性状中每一对相对性状的遗传都遵循分离定律，即两对相对性状各自有显隐性关系；因为以豌豆为实验材料，为避免自然条件下的自花传粉，故要对母本去雄，授以父本花粉；由于不管是正交还是反交，结果都是一样，故显性亲本不一定作父本，隐性亲本不一定作母本。

　　答案：D

　　6.右图是某种遗传病的系谱图。3号和4号为正常的异卵孪生兄

　　弟，兄弟俩基因型均为AA的概率是()

　　A．0

　　C．1/3B．1/9D．1/16

　　解析：由1号和2号生出5号(女)患者，可以推知该遗传病为隐性遗传病，1号和2号均为杂合子(Aa)。由于3号和4号为异卵双生，且均正常，所以他们的产生是相对独立的，且基因型均可能是(1/3AA或2/3Aa)，按乘法原理，可以知道兄弟俩基因型均为AA的概率是1/3×1/3＝1/9。

　　答案：B

　　7．将具有一对等位基因的杂合子，逐代自交3次，在F3中隐性纯合子比例为()

　　A．1/8B．7/8

　　C．9/16D．7/16

　　解析：杂合子连续自交3次，则后代中杂合子的概率为1/8，纯合子的概率为1－1/8＝7/8，则隐性纯合子概率为7/8×1/2＝7/16。

　　答案：D

　　8．如图为某种遗传病的家族系谱图。以下是对该系谱图分析得出的结论，其中错误的是()

　　A．该遗传病是隐性性状

　　B．家族中一定携带该致病基因的有：2、4、5、6、8、9、12、13

　　C．家族中10为杂合子的几率为1/2

　　D．若家族中14与一患者结婚，则他们生患病孩子的几率为1/3

　　解析：8(母亲)、9(父亲)正常而12和13患病，可以确定该病是隐性性状。2为患者，6的基因型一定为Aa；7的基因型可能为AA或Aa，所以10为杂合子的几率不一定为1/2。家族中14的基因型及概率为：AA占1/3，Aa占2/3，他与一患者(基因型为aa)结婚所生孩子的患病几率为2/3×1/2＝1/3。

　　答案：C

　　9．豌豆种皮灰色对白色为显性，子叶黄色对绿色为显性。豌豆甲自交后代全部为灰种皮黄子叶，豌豆乙自交后代全部为白种皮绿子叶。现将甲花粉授到乙柱头上，受精后所得到的种子()

　　A．种皮全呈白色，子叶全呈黄色

　　B．种皮全呈白色，子叶全呈绿色

　　C．种皮全呈灰色，子叶全呈绿色

　　D．种皮全呈灰色，子叶全呈黄色

　　解析：豌豆乙为母本，种皮的基因型与母本完全相同，故所结种皮为白色；豌豆甲、乙均为纯合子，甲、乙杂交后代为杂合子，故子叶呈现显性性状，即为黄色。

　　答案：A

　　10．(2010·北京高考)决定小鼠毛色为黑(B)/褐(b)色、有(s)/无(S)白斑的两对等位基因分别位于两对同源染色体上。基因型为BbSs的

　　小鼠间相互交配，后代中出现黑色有白斑小鼠的比例是()

　　A．1/16

　　C．7/16B．3/16D．9/16

　　解析：根据题意，黑色有白斑小鼠的基因型为B_ss，基因型为BbSs的小鼠间相互交配，后代中出现B_ss的概率为3/16。

　　答案：B

　　11．人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因独立遗传。下列有关说法不正确的是()．

　　A．夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子

　　B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子

　　C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的几率为7/16

　　D．耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子

　　解析：听觉正常与否受两对等位基因的控制，符合孟德尔自由组合定律的条件，其基因型控制相应的表现型如下表：

　　孩子。双方一方只有耳蜗管正常(D__ee)，另一方只有听神经正常(ddE__)的夫妇也有可能生出听觉正常的孩子。夫妇双方基因型均为DdEe，后代中听觉正常的占9/16，耳聋占7/16。基因型为D__ee和ddE__的耳聋夫妇，有可能生下基因型为D__E__听觉正常的孩子。

　　答案：B

　　12．(2010·江苏高考)喷瓜有雄株、雌株和两性植株，G基因决定雄株，g基因决定两性植株，g基因决定雌株。G对g、g是显性，g对g是显性，如：Gg是雄株，gg是两性植株，gg是雌株。下列分析正确的是()

　　A．Gg和Gg能杂交并产生雄株

　　B．一株两性植株的喷瓜最多可产生三种配子

　　C．两性植株自交不可能产生雌株

　　D．两性植株群体内随机传粉，产生的后代中，纯合子比例高于杂合子

　　解析：Gg和Gg都是雄株，不能进行杂交。两性植株的喷瓜的基因型为gg或gg，因此能产生的配子种类最多为两种。基因型为gg的两性植株自交，可产生gg的雌株。两性植株的基因型有gg或gg，在群体内随机传粉的情况下，群体中的交配类型有：gg×gg；gg×gg；gg×gg，因此产生的子代中纯合子比例高于杂合子。

　　答案：D

　　13．拉布拉多犬的毛色受两对等位基因控制，一对等位基因控制毛色，其中黑色(B)对棕色(b)为显性；另一对等位基因控制颜色的表达，颜色表达(E)对不表达(e)为显性。无论遗传的毛色是哪一种(黑色或棕色)，颜色不表达导致拉布拉多犬的毛色为黄色。一位育种学家连续将一只棕色的拉布拉多犬与一只黄色的拉布拉多交配，子代小狗中有黑色和黄色两种。根据以上结果可以判断亲本最可能的基因型是()

　　A．bbEe×Bbee

　　C．bbee×BbeeB．bbEE×BbeeD．bbEe×BBee－－－－－－－－－－－－－－－－

　　解析：亲本是棕色和黄色，因此亲本的基因型可以推断为：bbE__、____ee，后代出现黄色，说明亲本之一一定是bbEe，后代中有黑色，没有棕色，所以另外一个亲本一定是BBee。解答此题也可以采用逐一验证法，看看每一个选项的后代是否符合要求。

　　答案：D

　　14．多指症由显性基因控制，先天性聋哑由隐性基因控制，这两种遗传病的基因独立遗传。一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子。这对夫妇再生下的孩子为手指正常、先天性聋哑、既多指又先天性聋哑这三种情况的可能性依次是()

　　A．1/2、1/4、1/8

　　C．1/8、1/2、1/4B．1/4、1/8、1/2D．1/4、1/2、1/8

　　解析：根据亲子代表现型，可推出亲代基因型父：AaBb，母：aaBb，他们再生一个孩子情况是：

　　手指(Aa×aa)正常(aa)为1/2，多指(Aa)为1/2；

　　听觉(Bb×Bb)正常(B__)为3/4，先天性聋哑(bb)为1/4；既多指又聋哑的概率为1/2×1/4＝1/8。

　　答案：A

　　15．萝卜的根形是由两对等位基因决定的。现用两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进行杂交，F1全为扁形块根。F1自交，F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为9∶6∶1，则F2扁形块根中杂合子所占的比例为()

　　A．9/16

　　C．8/9B．1/2D．1/4

　　解析：设F1为AaBb，若其自交，则理论上子代表现型比例为9显显∶3显隐∶3隐显∶1隐隐。而题中F1自交，F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为9∶6∶1，则F2中很可能是9显显∶(3显隐＋3隐显)∶1隐隐。所以，F2中扁形块根(A_B_)中纯合子(AABB)占1/9，杂合子占8/9。

　　答案：C

　　16．(2010·安徽高考)南瓜的扁形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制(A、a和

　　B、b)，这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜；F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此推断，亲代圆形南瓜株的基因型分别是()

　　A．aaBB和Aabb

　　B．aaBb和AabbD．AABB和aabbC．AAbb和aaBB

　　解析：由两圆形的南瓜杂交后代全为扁盘形可知，两亲本均为纯合子，而从F1自交，F2的表现型及比例接近9∶6∶1看出，F1必为双杂合子。所以本题考查的是基因间的累加作用：两种显性基因同时存在时产生一种性状，单独存在时能分别表示相似的性状，两种基因均为隐性时又表现为另一种性状，F2代表现型有3种，比值为9∶6∶1，所以两圆形的亲本基因型为选项AAbb和aaBB。

　　答案：C