一、第四章 运动和力的关系易错题培优(难)
1. 如图所示,水平面上 O 点的左侧光滑,O 点的右侧粗糙。有 8 个质量均为 m 的完全相同的小滑块(可视为质点),用轻质的细杆相连,相邻小滑块间的距离为 L,滑块 1 恰好位 于 O 点左侧,滑块 2、3……依次沿直线水平向左排开。现将水平恒力 F 作用于滑块 1上。经观察发现,在第 3 个小滑块完全进入粗糙地带后到第 4 个小滑块进入粗糙地带前这一过程中,小滑块做匀速直线运动,已知重力加速度为 g,则下列判断中正确的是( )。
A.粗糙地带与滑块间的动摩擦因数为
B.滑块匀速运动时,各段轻杆上的弹力大小相等
C.第 2 个小滑块完全进入粗糙地带到第 3 个小滑块进入粗糙地带前这一过程中,8 个小滑块的加速度大小为
D.第 1 个小滑块完全进入粗糙地带到第 2 个小滑块进入粗糙地带前这一过程中,5 和 6两个小滑块之间的轻杆上的弹力大小为
【答案】D
【解析】
【详解】
A.将匀速运动的8个小滑块作为一个整体,有
,
解得
,
故A项错误;
B.当滑块匀速运动时,处在光滑地带上的滑块间的轻杆上的弹力都为零,处在粗糙地带上的滑块间的轻杆上的弹力不为零,且各不相同,故B项错误;
C.对8个滑块,有
,
代入,解得
,
故C项错误;
D.对8个滑块,有
,
解得
再以6、7、8三个小滑块作为整体,由牛顿第二定律有
,
故D项正确;
2.如图甲所示,在光滑的水平面上有质量为M且足够长的长木板,木板上面叠放一个质量为m的小物块。现对长木板施加水平向右的拉力F=3t(N)时,两个物体运动的a-t图象如图乙所示,若取重力加速度g=10 m/s2,则下列说法中正确的是( )
A.图线Ⅰ是小物块运动的a-t图象 B.小物块与长木板间的动摩擦因数为0.3
C.长木板的质量M=1 kg D.小物块的质量m=2 kg
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】
A.根据乙图可知,在以后,m与M开始发生相对运动,m的加速度不变,其大小为,所以Ⅰ是长木板的图象,故A错误;
B.设小物块与长木板间的动摩擦因素为,根据牛顿第二定律可知
解得
故B正确;
CD.当时,以M为研究对象,根据牛顿第二定律可知
即
解得
由此可得
解得
在内,以整体为研究对象,可得
即
所以
故CD错误。
故选B。
3.传送带广泛的应用于物品的传输、分拣、分装等工作中,某煤炭企业利用如图所示的三角形传送带进行不同品质煤的分拣,传送带以的速度逆时针匀速转动,两边的传送带长都是,且与水平方向的夹角均为。现有两方形煤块A、B(可视为质点)从传送带顶端静止释放,煤块与传送带间的动摩擦因数均为0.5,下列说法正确的是( )
A.煤块A、B在传送带上的划痕长度不相同
B.煤块A、B受到的摩擦力方向都与其运动方向相反
C.煤块A比煤块B后到达传送带底端
D.煤块A运动至传送带底端时速度大小为
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】
B.煤块A开始受到的摩擦力方向沿传送带方向向下,与运动方向相同,煤块B下滑过程中受到的摩擦力方向沿传送带方向向上,与运动方向相反,选项B错误;
CD.对煤块A根据牛顿第二定律可得
解得
煤块A达到与传送带共速的时间
位移
故不可能与传送带共速,煤块A一直以向下加速,达到底部的时间设为,则有
解得
达到底端的速度为
对煤块B根据牛顿第二定律可得
解得
煤块B达到底部的时间设为,则有
解得
所以A先达到底部,选项CD错误;
A.煤块A相对于传送带的位移
煤块B相对于传送带的位移
所以煤块A、B在传送带上的划痕长度不相同,选项A正确。
故选A。
4.如图所示,在竖直平面内有ac、abc、adc三个细管道,ac沿竖直方向,abcd是一个矩形。将三个小球同时从a点静止释放,忽略一切摩擦,不计拐弯时的机械能损失,当竖直下落的小球运动到c点时,关于三个小球的位置,下列示意图中可能正确的是( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】
设,, 设小球沿、、 、、下滑的加速度分别为、、、、。
根据牛顿第二定律得
对段有
得
对段有
得
对段有
得
所以有
即当竖直下落的小球运动到点时,沿下落的小球恰好到达点,沿下落的小球恰好到达点,故ACD错误,B正确。
故选B。
5.如图,在倾角为的角锥体表面上对称地放着可视为质点的A、B两个物体,用一轻质绳跨过固定在顶部的光滑的定滑轮连接在一起,开始时绳子绷直但无张力。已知A、B两个物体的质量分别为m和2m,它们与竖直轴的距离均为r=1m,两物体与角锥体表面的动摩擦因数为0.8,认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g=10m/s2,某时刻起,圆锥体绕竖直轴缓慢加速转动,加速转动过程中A、B两物体始终与角锥体保持相对静止,则下列说法正确的是( )
A.绳子没有张力之前,B物体受到的静摩擦力在增加
B.绳子即将有张力时,转动的角速度
C.在A、B滑动前A所受的静摩擦力一直在增加
D.在A、B即将滑动时,转动的角速度
【答案】AB
【解析】
【分析】
【详解】
A.绳子没有张力之前,对B物体进行受力分析后正交分解,根据牛顿第二定律可得
水平方向
竖直方向有
由以上两式可得,随着的增大,f增大,N减小,选项A正确;
B.对B物体分析其将要发生滑动瞬间的临界状态时的受力可得
水平方向有
竖直方向有
代入数据解得
选项B正确;
C.在逐渐增大的过程中,A物体先有向外滑动的趋势,后有向内滑动的趋势,其所受静摩擦力先沿斜面向上增大,后沿斜面向上减小,再改为沿斜面向下增大,选项C错误;
D.增大到AB整体将要滑动时,B有向下滑动趋势,A有向上滑动趋势,对A物体
水平方向有
竖直方向有
对B物体
水平方向有
竖直方向有
联立以上四式解得
选项D错误。
故选AB。
6.如图所示,斜面体ABC放在水平桌面上,其倾角为37º,其质量为M=5kg.现将一质量为m=3kg的小物块放在斜面上,并给予其一定的初速度让其沿斜面向上或者向下滑动.已知斜面体ABC并没有发生运动,重力加速度为10m/s2,sin37º=0.6.则关于斜面体ABC受到地面的支持力N及摩擦力f的大小,下面给出的结果可能的有( )
A.N=50N,f=40N B.N=87.2N,f=9.6N
C.N=72.8N,f=0N D.N=77N,f=4N
【答案】ABD
【解析】
【分析】
【详解】
设滑块的加速度大小为a,当加速度方向平行斜面向上时,对Mm的整体,根据牛顿第二定律,有:竖直方向:N-(m+M)g=masin37°
水平方向:f=macos37°
解得:N=80+1.8a ① f=2.4a ②
当加速度平行斜面向下,对整体,根据牛顿第二定律,有:竖直方向:-N+(m+M)g=masin37°
水平方向:f=macos37°
解得:N=80-1.8a ③ f=2.4a ④
A、如果N=50N,f=40N,则,符合③④式,故A正确;
B、如果N=87.2N,f=9.6N,则a=-4m/s2,符合①②两式,故B正确;
C、如果N=72.8N,f=0N,不可能同时满足①②或③④式,故C错误;
D、如果N=77N,f=4N,则,满足③④式,故D正确;
故选ABD.
7.如图所示,不可伸长的轻绳上端固定,下端与质量为m的物块P连接;轻弹簧下端固定,上端与质量为2m的物块Q连接,系统处于静止状态.轻绳轻弹簧均与固定光滑斜面平行,已知P、Q间接触但无弹力,重力加速度大小为g,取sin53°=0.8,cos53°=0.6.下列说法正确的是
A.剪断轻绳前,斜面对P的支持力大小为mg
B.剪断轻绳的瞬间,弹簧的弹力大小为mg
C.剪断轻绳的瞬间,P的加速度大小为mg
D.剪断轻绳的瞬间,P、Q间的弹力大小为mg
【答案】BD
【解析】
【分析】
【详解】
A.剪断轻绳前,对P进行受力分析如图所示:
则根据平衡条件可知,斜面对P的支持力为:
,
故A错误;
B.剪断轻绳前,对Q进行受力分析如图所示:
根据平衡条件可知,弹簧的弹力为:
,
轻绳剪断瞬间,弹簧的弹力不发生突变,即为,故B正确;
C.剪断轻绳瞬间PQ一起向下加速,对PQ整体进行受力分析如图所示:
根据牛顿第二定律可得其加速度为:
,
故C错误;
D.剪断绳子后对P物体有:
解得PQ之间的弹力大小为:
,
故D正确;
8.如图(a),物块和木板叠放在实验台上,物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连,细绳水平.t=0时,木板开始受到水平外力F的作用,在t=4s时撤去外力.细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图(b)所示,木板的速度v与时间t的关系如图(c)所示.木板与实验台之间的摩擦可以忽略.重力加速度取g=10m/s2.由题给数据可以得出
A.木板的质量为1kg
B.2s~4s内,力F的大小为0.4N
C.0~2s内,力F的大小保持不变
D.物块与木板之间的动摩擦因数为0.2
【答案】AB
【解析】
【分析】
【详解】
结合两图像可判断出0-2s物块和木板还未发生相对滑动,它们之间的摩擦力为静摩擦力,此过程力F等于f,故F在此过程中是变力,即C错误;2-5s内木板与物块发生相对滑动,摩擦力转变为滑动摩擦力,由牛顿运动定律,对2-4s和4-5s列运动学方程,可解出质量m为1kg,2-4s内的力F为0.4N,故A、B正确;由于不知道物块的质量,所以无法计算它们之间的动摩擦因数μ,故D错误.
9.如图所示,质量为M的三角形斜劈C放置在水平地面上,左右两侧的斜面与水平地面的夹角分别为和,斜面光滑且足够长,质量均为的两物块A、B分别放置在左右两侧的斜面上,两物块用一根跨过斜劈顶端定滑轮的细线拴接,细线绷紧且与对应斜面平行,不计细线与滑轮处的摩擦以及滑轮的质量,重力加速度为,两物块由静止释放,斜劈始终保持静止不动,,,则在A、B两物块开始运动之后的过程中,下列说法正确的是( )
A.物块A沿斜面向上加速运动的加速度大小为
B.细线中的拉力大小为
C.斜劈C给地面的摩擦力大小为0
D.斜劈对地面的压力大小为
【答案】AB
【解析】
【分析】
【详解】
AB.设细线上的拉力大小为,物块的加速度大小为,对B受力分析
对A受力分析
解得
故选项AB正确;
C.整体分析,物块A向右上方加速,物块B向右下方加速,斜劈C静止不动,所以系统向右的动量增加,地面给斜劈C的摩擦力方向水平向右,不为0,故选项C错误;
D.对C受力分析,在竖直方向上有
解得
故选项D错误。
故选AB。
10.在大型物流货场,广泛的应用着传送带搬运货物。如图甲所示,与水平面倾斜的传送带以恒定速率运动,皮带始终是绷紧的,将m=1kg的货物放在传送带上的A处,经过1.2s到达传送带的B端。用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化图像如图乙所示,已知重力加速度g=10m/s2。由v—t图可知( )
A.A、B两点的距离为2.4m
B.货物与传送带的动摩擦因数为0.5
C.货物从A运动到B过程中,传送带对货物做功大小为12.8J
D.货物从A运动到B过程中,货物与传送带摩擦产生的热量为4.8J
【答案】BD
【解析】
【分析】
【详解】
A.物块在传送带上先做匀加速直线运动,当速度达到传送带速度,再做加速度运动,所以物块由A到B的间距对应所围梯形的“面积”
故A错误。
B.由v﹣t图像可知,物块在传送带上先做a1匀加速直线运动,加速度为
对物体受力分析受摩擦力,方向向下,重力和支持力,得
即
同理,做a2的匀加速直线运动,对物体受力分析受摩擦力,方向向上,重力和支持力,加速度为
得
即
联立解得,,故B正确。
C.根据功能关系,由B中可知
做a1匀加速直线运动,有
知位移为
物体受力分析受摩擦力,方向向下,摩擦力做正功为
同理做a2匀加速直线运动,位移为
物体受力分析受摩擦力,方向向上,摩擦力做负功为
所以整个过程,传送带对货物做功大小为
故C错误。
D.根据功能关系,货物与传送带摩擦产生的热量等于摩擦力乘以相对位移,由C中可知
做a1匀加速直线运动,位移为
皮带位移为
相对位移为
同理,做a2匀加速直线运动,位移为
相对位移为
故两者之间的总相对位移为
货物与传送带摩擦产生的热量为
故D正确。
故选BD。
11.如图所示,质量为M的木板放在光滑的水平面上,木板的右端有一质量为m的木块(可视为质点),在木板上施加一水平向右的恒力F,木块和木板由静止开始运动并在最后分离。设分离时木块相对地面运动的位移为x,保证木块和木板会发生相对滑动的情况下,下列方式可使位移x增大的是( )
A.仅增大木板的质量M
B.仅减小木块的质量m
C.仅增大恒力F
D.仅增大木块与木板间的动摩擦因数
【答案】AD
【解析】
【分析】
【详解】
设木板长为L,当木块与木板分离时,运动时间为t,对于木板
对于木块
当木块与木板分离时,它们的位移满足
解得
则木块相对地面运动的位移为
A.仅增大木板的质量M,变小,不变,x增大,故A正确;
B.仅减小木块的质量m,变大,不变,x减小,故B错误;
C.仅增大恒力F,变大,不变,x减小,故C错误;
D.仅稍增大木块与木板间的动摩擦因数,变小,增大,x增大,故D正确。
故选AD。
12.如图所示,在水平面上有一质量为m1=1kg的足够长的木板A,其上叠放一质量为m2=2kg的物块B,木板与地面间的动摩擦因数=0.1,物块和木板之间的动摩擦因数=0.3,假定最大静摩擦力和滑动摩擦力相等。现给物块施加随时间t增大的水平拉力F=3t(N),重力加速度大小g=10m/s2。则( )
A.t=ls之后,木板将在地面上滑动
B.t=2s时,物块将相对木板滑动
C.t=3s时,物块的加速度大小为4m/s2
D.木板的最大加速度为3m/s2
【答案】AD
【解析】
【分析】
【详解】
A.当
物块和木板都没有动,处于静止状态,根据
F=3t(N)
可知t=ls之后,木板将在地面上滑动,故A符合题意;
BD.两物体刚要相对滑动时,此时木板有最大加速度,根据牛顿第二定律,对木块有
对木板有
解得
根据
F=3t(N)
可知t=4s之后,物块将相对木板滑动,故B不符合题意,D符合题意;
C.由上分析可知,t=3s时,物块相对木板静止,一起做匀加速运动,根据牛顿第二定律
代入数据可得
故C不符合题意。
故选AD。
13.如图甲所示,倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行。t=0时,将质量m=1kg的物体(可视为质点)轻放在传送带上,物体相对地面的v﹣t图像如图乙所示。设沿传送带向下为正方向,取重力加速度g=10m/s2。则( )
A.传送带的速率v0=10m/s
B.传送带的倾角θ=30°
C.物体与传送带之间的动摩擦因数µ=0.5
D.0~2.0s内物体在传送带上留下的痕迹为6m
【答案】AC
【解析】
【详解】
A.由图知,物体先做初速度为零的匀加速直线运动,速度达到传送带速度后(在t=1.0s时刻),由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力,物块继续向下做匀加速直线运动,从图像可知传送带的速度为v0=10m/s,故A正确;
BC.在0~1.0s内,物体摩擦力方向沿斜面向下,匀加速运动的加速度为:
由图可得:
在1.0~2.0s,物体的加速度为:
由图可得:
联立解得:,,故B错误,C正确;
D.根据“面积”表示位移,可知0~1.0s物体相对于地的位移:
传送带的位移为:
x2=v0t1=10×1m=10m
物体对传送带的位移大小为:
方向向上。1.0~2.0s物体相对于地的位移:
传送带的位移为:
x4=v0t1=10×1m=10m
物体对传送带的位移大小为:
方向向下,故留下的痕迹为5m,故D错误。
故选:AC。
14.如图所示,两个皮带轮顺时针转动,带动水平传送带以恒定的速率v运行。现使一个质量为m的物体(可视为质点)沿与水平传送带等高的光滑水平面以初速度v0(v0<v)从传送带左端滑上传送带。若从物体滑上传送带开始计时,t0时刻物体的速度达到v,2t0时刻物体到达传送带最右端。下列说法正确的是( )
A.水平传送带的运行速率变为2v,物体加速运动时间就会变为原来的二倍
B.时间内,物体受到滑动摩擦力的作用,时间内物体受静摩擦力作用
C.如果使皮带逆时针转动,其它条件不变,物体到达最右端的时间可能与原来相同
D.物体的初速度越大,其它条件不变,物体到达右端的时间一定越短
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】
A.物体加速运动的时间即为与传送带达到共同速度的时间,根据匀变速运动速度公式有
当速度变为2v时,时间并不等于2t,选项A错误;
B.时间内,物体物体速度小于传送带速度,受到滑动摩擦力的作用;时间内物体与传送带具有相同的速度,不受摩擦力作用,选项B错误;
C.如果使皮带逆时针转动,其它条件不变,物体要经历先减速再加速的运动,到达最右端的时间不可能与原来相同,选项C错误;
D.物体的初速度越大,其它条件不变,与传送带达到共同速度的时间越少,物体到达右端的时间一定越短,选项D正确。
故选D。
15.如图,放置于水平面上的楔形物体,两侧倾角均为30°,左右两表面光滑且足够长,上端固定一光滑滑轮,一根很长且不可伸长的轻绳跨过定滑轮分别与左右两侧斜面平行,绳上系着三个物体A、B、C,三物体组成的系统保持静止.A物体质量为m,B物体质量为3m,现突然剪断A物体和B物体之间的绳子,不计空气阻力(重力加速度为g),三物体均可视为质点,则
A.绳剪断瞬间,A物体的加速度为
B.绳剪断瞬间,C物体的加速度为
C.绳剪断瞬间,楔形物体对地面的压力不变
D.绳剪断瞬间,A、C间绳的拉力为2mg
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】
ABD.设C的质量为m′.绳剪断前,由平衡条件知:
(3m+m)gsin30°=m′gsin30°
得
m′=4m
绳剪断瞬间,以A为研究对象,根据牛顿第二定律得:
T-mgsin30°=ma
以C为研究对象,根据牛顿第二定律得:
4mgsin30°-T=4ma
联立解得:
即绳剪断瞬间,A、C物体的加速度大小均为,A、C间绳的拉力为,故A正确,BD错误.
C.绳剪断前,A、C间绳的拉力为:
T′=(3m+m)gsin30°=2mg
绳剪断瞬间,A、C间绳的拉力为,则AC间绳对定滑轮的压力发生改变,而三个物体对楔形物体的压力不变,可知,绳剪断瞬间,楔形物体对地面的压力发生变化,故C错误.
¥29.8
¥9.9
¥59.8