高考物理一轮复习 第八章 第1讲磁场及其对电流的作用课时提升作业 教科版选修3-1
(40分钟 100分)
一、选择题(本大题共10小题,每小题7分,共70分。多选题已在题号后标出,选不全得4分)
1.(2013·南通模拟)如图所示,A为一水平旋转的橡胶盘,带有大量均匀分布的负电荷,在圆盘正上方水平放置一通电直导线,电流方向如图。当圆盘高速绕中心轴OO ′转动时,通电直导线所受磁场力的方向是( )
A.竖直向上 B.竖直向下
C.水平向里 D.水平向外
2.两个完全相同的通电圆环A、B的圆心O重合、圆面相互垂直,通电电流相同,电流方向如图所示,设每个圆环在其圆心O处独立产生的磁感应强度为B0,则O处的磁感应强度大小为( )
A.0 B.2B0
C. B0 D.无法确定
3.(2011·新课标全国卷)为了解释地球的磁性,19世纪安培假设:地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的。在下列四个图中,正确表示安培假设中环形电流方向的是( )
4.(2013·苏州模拟)在等边三角形的三个顶点a、b、c处,各有一条长直导线垂直穿过纸面,导线中通有大小相等的恒定电流,方向如图所示。过c点的导线所受安培力的方向( )
A.与ab边平行,竖直向上
B.与ab边平行,竖直向下
C.与ab边垂直,指向左边
D.与ab边垂直,指向右边
5.(2013·福州模拟)已知地磁场的水平分量为B,利用这一值可以测定某一弱磁场的磁感应强度,如图所示为测定通电线圈中央一点的磁感应强度的实验,实验方法:
①先将未通电线圈平面固定于南北方向竖直平面内,中央放一枚小磁针,N极指向北方;②给线圈通电,此时小磁针N极指北偏东θ角后静止,由此可以确定线圈中电流方向(由东向西看)与线圈中央的合磁感应强度分别为( )
A.顺时针; B.顺时针;
C.逆时针; D.逆时针;
6.(2013·湛江模拟)在磁场中某区域的磁感线如图所示,则( )
A.a、b两处的磁感应强度的大小不等,Ba>Bb
B.a、b两处的磁感应强度的大小不等,Bab
C.同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力大
D.同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小
7.如图所示,电流从A点分两路通过环形支路再汇合于B点,已知两个支路的金属材料相同,但截面积不相同,上面部分的截面积较大,则环形中心O处的磁感应强度方向是( )
A.垂直于环面指向纸内 B.垂直于环面指向纸外
C.磁感应强度为零 D.斜向纸内
8.(2013·杭州模拟)通有电流的导线L1、L2处在同一平面(纸面)内,L1是固定的,L2可绕垂直纸面的固定转轴O转动(O为L2的中心),各自的电流方向如图所示。下列哪种情况将会发生( )
A.因L2不受安培力的作用,故L2不动
B.因L2上、下两部分所受的安培力平衡,故L2不动
C.L2绕轴O按顺时针方向转动
D.L2绕轴O按逆时针方向转动
9.(2013·杭州模拟)在两个倾角均为α的光滑斜面上,放有两个相同的金属棒,分别通有电流I1和I2,磁场的磁感应强度大小相同,方向如图所示,两金属棒均处于平衡状态。则两种情况下的电流之比I1∶I2为( )
A.sinα B. C.cosα D.
10.通电闭合直角三角形线框abc处在匀强磁场中,磁场方向垂直于线框平面,电流方向如图所示,那么三角形线框受到的磁场力的合力为( )
A.方向垂直于ab边斜向上
B.方向垂直于ac边斜向上
C.方向垂直于bc边向下
D.为零
二、计算题(本大题共2小题,共30分。要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)
11.(能力挑战题)(15分)如图所示,在磁感应强度B=1.0 T,方向竖直向下的匀强磁场中,有一个与水平面成θ=37°角的导电滑轨,滑轨上放置一个可自由移动的金属杆ab。已知接在滑轨中的电源电动势E=12 V,内阻不计。ab杆长L=0.5 m,质量m=0.2 kg,杆与滑轨间的动摩擦因数μ=0.1,滑轨与ab杆的电阻忽略不计。求:要使ab杆在滑轨上保持静止,滑动变阻器R的阻值在什么范围内变化?(g取10 m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力,结果保留一位有效数字)
12.(2013·苏州模拟)(15分)如图所示为一电流表的原理示意图。质量为m的均质细金属棒MN的中点处通过一挂钩与一竖直悬挂的弹簧相连,绝缘弹簧劲度系数为k。在矩形区域abcd内有匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向外。与MN的右端N连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的读数,MN的长度大于。当MN中没有电流通过且处于平衡状态时,MN与矩形区域的cd边重合,当MN中有电流通过时,指针示数可表示电流强度。
(1)当电流表示数为零时,弹簧伸长多少?(重力加速度为g)
(2)若要电流表正常工作,MN的哪一端应与电源正极相接?
(3)若k=2.0 N/m, =0.20 m, =0.050 m,B=0.20 T,此电流表的量程是多少?(不计通电时电流产生的磁场的作用)
(4)若将量程扩大2倍,磁感应强度应变为多大?
答案解析
1.【解析】选C。由于带负电的圆盘顺时针方向旋转,形成的等效电流为逆时针方向,所产生的磁场方向竖直向上。由左手定则可判定通电导线所受安培力的方向水平向里。故C正确。
2.【解析】选C。由安培定则可知A在圆心处产生的磁感应强度垂直于纸面向里,B在圆心处产生的磁感应强度竖直向下,两者垂直,所以合磁感应强度大小C选项正确。
【变式备选】如图所示,A和B为两根互相平行的长直导线,通以同方向等大电流,虚线C为在A和B所确定的平面内与A、B等距的直线,则下列说法正确的是( )
A.两导线间的空间不存在磁场
B.虚线C处磁感应强度为零
C.A、C间磁感应强度垂直纸面向外
D.C、B间磁感应强度垂直纸面向里
【解析】选B。由安培定则可知,在A、B之间,A中电流产生的磁场方向垂直纸面向里,B中电流产生的磁场方向垂直纸面向外,在C处两磁场的磁感应强度大小相等,方向相反,则合磁场的磁感应强度为零,A、C之间磁感应强度向里,B、C之间磁感应强度向外,故B正确,A、C、D错误。
3.【解析】选B。由于地磁场的北极在地理南极附近,由安培定则可知,安培假设中环形电流方向如B图所示,故A、C、D错,B正确。
4.【解析】选C。解法一:根据直线电流的安培定则,a、b在c处所激发的磁场方向分别如图中Ba、Bb所示,应用平行四边形定则可知c导线所在处的合磁场方向如图所示。根据左手定则可知安培力F安的方向与a、b连线垂直,指向左边。
解法二:根据同向电流相互吸引、异向电流相互排斥的特点,可判断导线a、b对导线c的安培力均为吸引力,再由平行四边形定则可知c导线所受合力的方向与ab边垂直,水平向左,C正确。
5.【解析】选C。由于合磁场的方向北偏东θ角,地磁场的水平分量为B向北,根据平行四边形定则,线圈中央的合磁感应强度大小为,通电线圈中央一点的磁场水平向东,结合安培定则,可判断线圈中电流方向(由东向西看)为逆时针方向,C正确。
6.【解析】选B。因为磁场中磁感线的疏密表示磁场的强弱,所以Bab,B正确,A错误;由于通电导线的方向与磁场的方向的关系未知,因此同一通电导线放在a、b两处受力大小无法判断,C、D均错误。
7.【解析】选A。两个支路在O处的磁感应强度方向均在垂直于圆环方向上,但上面支路的电流大,在O处的磁感应强度较大,故叠加后应为垂直于纸面向内,A正确。
8.【解析】选D。由安培定则可知,导线L1上方的磁场方向垂直于纸面向外,且离导线L1的距离越远的地方,磁感应强度越弱,导线L2上的每一小部分受到的安培力方向水平向右,由于O点的下方磁感应强度较强,则安培力较大,因此L2绕轴O按逆时针方向转动,D项正确。
9.【解析】选D。由题图甲有:BI1Lcosα=mgsinα,由题图乙有:BI2L=
mgsinα,联立解得I1∶I2=1∶cosα,D正确。
10.【解题指南】解答本题应按以下流程进行:
【解析】选D。解法一:ac、bc两边所受安培力分别为Fac、Fbc,其合力为F,如图所示。
方向沿a→c方向,而ba边所受安培力与F等大反向,故△abc所受安培力的合力为零,选项D正确。
解法二:由于三角形为通电闭合线框,有效长度为零,所以三角形线框受到的合力为零,D正确。
11.【解析】分别画出ab杆在恰好不下滑和恰好不上滑这两种情况下的受力分析图,如图所示。
当ab杆恰好不下滑时,如图甲所示。由平衡条件得
沿斜面方向mgsinθ=μFN1+F安1cosθ ①(2分)
垂直斜面方向FN1=mgcosθ+F安1sinθ ②(2分)
而F安1= ③(1分)
解得R1=5 Ω。 (2分)
当ab杆恰好不上滑时,如图乙所示。由平衡条件得
沿斜面方向mgsinθ+μFN2=F安2cosθ ④(2分)
垂直斜面方向FN2=mgcosθ+F安2sinθ ⑤(2分)
而F安2= ⑥(1分)
解得R2=3 Ω。 (2分)
所以,要使ab杆保持静止,
R的取值范围是3 Ω≤R≤5 Ω。 (1分)
答案:3 Ω≤R≤5 Ω
【总结提升】安培力及相关平衡问题的分析技巧
(1)求解安培力作用下的导体平衡问题一般是先进行受力分析,再根据共点力平衡的条件F合=0或Fx合=0,Fy合=0列平衡方程。
(2)安培力的方向很容易出错,应特别关注;安培力的方向总是垂直于磁场方向和电流方向所决定的平面。在判断安培力方向时,首先要确定磁场和电流所决定的平面,从而判断安培力的方向在哪一条直线上,然后再根据左手定则判断出安培力的具体方向。
(3)有关安培力的力电综合题往往涉及三维立体空间问题,处理该类问题时,要变三维立体为二维平面图,可变难为易。
12.【解析】(1)设当电流表示数为零时,弹簧的伸长量为Δx,则有mg=kΔx,
①(2分)
解得:Δx=。 ②(1分)
(2)为使电流表正常工作,作用于通有电流的金属棒MN的安培力必须向下,因此M端应接正极。 (2分)
(3)设电流表满偏时通过MN的电流强度为Im,则有BIm+mg=k(+Δx),
③(3分)
联立并代入数据得Im=2.5 A。 ④(2分)
(4)设量程扩大后,磁感应强度变为B′,则有
2B′Im+mg=k(+Δx)。 ⑤(3分)
解得:B′=。 ⑥
代入数据得:B′=0.10 T。 (2分)
答案:(1) (2)M端 (3)2.5 A (4)0.10 T
¥29.8
¥9.9
¥59.8