聪明文档网

    聪明文档网

    最新最全的文档下载
    当前位置： 首页> 内蒙古集宁一中(西校区)运动和力的关系检测题(Word版 含答案)-

    内蒙古集宁一中(西校区)运动和力的关系检测题(Word版 含答案)-

    时间：    下载该word文档



    一、第四章 运动和力的关系易错题培优（难）
    1．如图所示是滑梯简化图，一小孩从滑梯上A点开始无初速度下滑，在AB段匀加速下滑，在BC段匀减速下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态．假设小孩在AB段和BC段滑动时的动摩擦因数分别为1和2，AB与BC长度相等，则

    A．整个过程中地面对滑梯始终无摩擦力作用 B．动摩擦因数1+2=2tan
    C．小孩从滑梯上A点滑到C点先超重后失重
    D．整个过程中地面对滑梯的支持力始终等于小孩和滑梯的总重力 【答案】B 【解析】 【详解】
    小朋友在AB段做匀加速直线运动，将小朋友的加速度a1分解为水平和竖直两个方向，由于小朋友有水平向右的分加速度，根据牛顿第二定律知，地面对滑梯的摩擦力方向水平向右；有竖直向下的分加速度，则由牛顿第二定律分析得知：小孩处于失重，地面对滑梯的支持力FN小于小朋友和滑梯的总重力．同理，小朋友在BC段做匀减速直线运动时，小孩处于超重，地面对滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的总重力，地面对滑梯的摩擦力方向水平向左，故ACD错误；设AB的长度为L，小孩在B点的速度为v．小孩从A到B为研究对象，由牛顿第二定律可得：mgsin1mgcosma1，由运动学公式可得：v22a1L；小孩从B到C为研究过程，由牛顿第二定律可得：2mgcosmgsinma2，由运动学公式可得：v22a2L；联立解得：122tan，故B正确．

    2．如图所示，在竖直平面内有ac、abc、adc三个细管道，ac沿竖直方向，abcd是一个矩形。将三个小球同时从a点静止释放，忽略一切摩擦，不计拐弯时的机械能损失，当竖直下落的小球运动到c点时，关于三个小球的位置，下列示意图中可能正确的是（ ）



    A． C． 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】
    设acd，acb，a2、a3、a4、a5。
    根据牛顿第二定律得
    对ab段有
    得
    对ac段有
    得
    对ad段有


    B．
    D．
    设小球沿ab、bc、ac 、ad、dc下滑的加速度分别为a1、a1amgsin5mgsin a2a4mgsin(90mgcos
    a3g
    dsin1a21221t12gsint1 t12dg d122gt3 t2d3g

    dcos得
    1212a4t4gcost4 22t4所以有
    2d
    gt1t2t4
    即当竖直下落的小球运动到c点时，沿abc下落的小球恰好到达b点，沿adc下落的小球恰好到达d点，故ACD错误，B正确。 故选B。

    3．如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，上端固定，下端连着一质量为m的物块A，A放在托盘B上，B的质量也为m。初始时在竖直向上的力F作用下系统静止，弹簧处于自然长度。现改变竖直向上的力F的大小，使A匀加速下降。已知重力加速度为g，A的加速度为a=0.25g，空气阻力不计，弹簧始终在弹性限度内，则在A匀加速下降的过程中，以下说法正确的是（ ）

    A．B对A的支持力可能为0.85mg B．弹簧的最大形变量为0.75mg
    kC．力F对B的作用力可能为0.9mg D．力F对B的作用力最小值为0.65mg 【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】
    AB．设物块和托盘间的压力为零时弹簧的伸长量为xm，以A为研究对象，根据牛顿第二定律得
    mgkxmmam0.25g
    解得
    0.75mg
    k在此之前，以A为研究对象，根据牛顿第二定律得
    xm


    a可得
    mgFNkx0.25g
    mFN0.75mgkx
    所以B对A的支持力不可能为0.85mg，选项A错误，B正确； CD．以AB整体为研究对象，根据牛顿第二定律得
    a可得
    2mgFkx0.25g
    2mF1.5mgkx
    力F对B的作用力范围为
    0.75mgF1.5mg
    选项C正确，D错误。 故选BC。

    4．如图所示，在一个倾角未知的、粗糙的、足够长的斜坡上，现给箱子一个沿坡向下的初速度，一段时间后箱子还在斜面上滑动，箱子和小球不再有相对运动，此时绳子在图中的位置（图中ob绳与斜坡垂直，od绳沿竖直方向）（ ）

    A．可能是a、b 【答案】CD 【解析】 【分析】 【详解】
    B．可能是b、c C．可能是c、d D．可能是d、e
    设斜面的倾角为θ，绳子与斜面垂直线的夹角为β。据题意箱子和小球不再有相对运动，则它们的加速度相同。对箱子和小球整体作受力分析，易知：如果斜面对箱子的摩擦力小于整体的重力沿斜面的分力，整体将沿斜面向下做匀加速运动，且加速度小于gsinθ；如果斜面对箱子的摩擦力恰等于整体的重力沿斜面的分力，整体将沿斜面向下做匀速运动；如果斜面对箱子的摩擦力大于整体的重力沿斜面的分力，整体将沿斜面向下做匀减速运动。 再对小球作受力分析如图，根据牛顿第二定律分析如下： 对oa情况有
    mgsinθ+ FTsinβ=ma
    必有a>gsinθ，即整体以加速度大于gsinθ沿斜面向下做匀加速运动，所以oa不可能。 对ob情况有



    mgsinθ=ma
    得a=gsinθ，即整体以加速度等于gsinθ沿斜面向下做匀加速运动，所以ob不可能。 对oc情况有
    mgsinθ－ FTsinβ=ma
    必有asinθ，即整体以加速度小于gsinθ沿斜面向下做匀加速运动，所以oc可能。 对od情况有a=0，即整体沿斜面向下做匀速直线运动，所以oc可能。 对oe情况有
    FTcosβ－mgcosθ=0 mgsinθ－FTsinβ=ma
    因β>θ，所以a<0，加速度沿斜面向上，即整体沿斜面向下做匀减速运动，所以oe可能。 由以上分析可知：绳子在图中的位置处于oa、ob均不可能，处于oc、od、oe均可能。 故选CD。


    5．如图所示，A、B、C三个物体静止叠放在水平桌面上，物体A的质量为2m，B和C的质量都是m，A、B间的动摩擦因数为μ，B、C间的动摩擦因数为擦因数为，B和地面间的动摩4.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.现对A施加一水平向右的8
    拉力F，则下列判断正确的是
    A．若A、B、C三个物体始终相对静止，则力F不能超过B．当力F＝μmg时，A、B间的摩擦力为3μmg
    2    3mg
    4C．无论力F为何值，B的加速度不会超过3μg
    4    7μmg时，B相对A滑动
    2【答案】AB 【解析】 【分析】 【详解】
    D．当力F>


    A.A与B间的最大静摩擦力大小为：2μmg,C与B间的最大静摩擦力大小为：地面间的最大静摩擦力大小为：mg4，B与8（2m+m+m）=mg2；要使A，B，C都始终相对静止，三者一起向右加速，对整体有：F-有：mg2=4ma，假设C恰好与B相对不滑动，对Cmg4=ma，联立解得：a=g3，F=μmg；设此时A与B间的摩擦力为f，对A42有：F-f=2ma，解得f=μmg2μmg，表明C达到临界时A还没有，故要使三者始终保持相对静止，则力F不能超过3μmg，故A正确.
    2B.当力F＝μmg时，由整体表达式F-得：f=mg2=4ma可得：a=μg，代入A的表达式可183μmg,故B正确.
    4C.当F较大时，A,C都会相对B滑动，B的加速度就得到最大，对B有：2μmg-mg4-mg2=maB，解得aB=5μg，故C错误.
    4D.当A恰好相对B滑动时，C早已相对B滑动，对A、B整体分析有:F-mg2-mg4=3ma1，对A有：F-2μmg=2ma1，解得F=99μmg，故当拉力F>μmg时，B相对A22滑动，D错误.胡选：A、B.

    6．一物体自t0时开始做直线运动，其速度图线如图所示，下列选项正确的是（ ）

    0


    A．在0~6s内，物体离出发点最远为30m B．在0~6s内，物体经过的路程为40m C．在0~4s内，物体的平均速率为7.5m/s D．在5~6s内，物体所受的合外力为零



    【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】
    A．0-5s，物体沿正向运动，5-6s沿负向运动，故5s末离出发点最远，最远距离为
    1s(2510m35m
    2A错误；
    B．由“面积法”求出0-5s的位移
    x15-6s的位移
    2510m35m
    2    1x21(10m5m
    2总路程为
    sx1x240m
    B正确；
    C．由面积法求出0-4s的位移
    x平度速度为
    2410m30m
    2vC正确；
    x30m/s7.5m/s t4D．5~6s内,物体做加速运动，加速度不为零，根据牛顿第二定律，物体所受的合外力不为零，D错误。 故选BC。

    7．如图所示，质量为M的三角形斜劈C放置在水平地面上，左右两侧的斜面与水平地面的夹角分别为37和53，斜面光滑且足够长，质量均为m的两物块A、B分别放置在左右两侧的斜面上，两物块用一根跨过斜劈顶端定滑轮的细线拴接，细线绷紧且与对应斜面平行，不计细线与滑轮处的摩擦以及滑轮的质量，重力加速度为g，两物块由静止释放，斜劈始终保持静止不动，sin370.6，cos370.8，则在A、B两物块开始运动之后的过程中，下列说法正确的是（ ）

    A．物块A沿斜面向上加速运动的加速度大小为0.1g



    B．细线中的拉力大小为0.7mg C．斜劈C给地面的摩擦力大小为0 D．斜劈对地面的压力大小为(Mmg 【答案】AB 【解析】 【分析】 【详解】
    AB．设细线上的拉力大小为T，物块的加速度大小为a，对B受力分析
    mgsin53Tma
    对A受力分析
    Tmgsin37ma
    解得
    T0.7mg
    a0.1g
    故选项AB正确；
    C．整体分析，物块A向右上方加速，物块B向右下方加速，斜劈C静止不动，所以系统向右的动量增加，地面给斜劈C的摩擦力方向水平向右，不为0，故选项C错误； D．对C受力分析，在竖直方向上有
    mgcos37cos37mgcos53cos53Tsin37Tsin53MgN
    解得
    N(M1.98mg
    故选项D错误。 故选AB。

    8．三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为37°。现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，下列说法正确的是（ ）

    A．物块A、B同时到达传送带底端 B．物块A先到达传送带底端
    C．物块A、B在传送带上的划痕长度不相同 D．传送带对物块A无摩擦力作用 【答案】AC 【解析】 【分析】 【详解】



    ABD．两个小物块A和B从传送带顶端都以1ms的初速度沿传送带下滑，因为
    mgsin37mgcos37
    所以传送带对两小物块的滑动摩擦力分别沿传送带向上，大小相等，那么两小物块沿传送带向下的加速度大小相等，滑到传送带底端时的位移大小相等，因此物块A、B同时到达传送带底端，A正确，B错误，D错误；
    C．对物块A，划痕的长度等于A的位移减去传送带的位移，由牛顿第二定律得
    mgsin37mgcos37ma
    解得
    a2ms2
    由运动学公式得
    1Lv0tat2
    2解得
    t1s
    传送带运动位移
    xv0t1m
    A对传送带的划痕长度为
    x12m1m1m
    对物块B，划痕长度等于B的位移加上传送带的位移，同理得出B对传送带的划痕长度为
    x22m1m3m
    x1x2
    物块A、B在传送带上的划痕长度不相同，C正确。 故选AC。

    9．如图，三个质量均为m的物块a、b、c，用两个轻弹簧和一根轻绳相连，挂在天花板上，处于静止状态，现将b、c之间的轻绳剪断（设重力加速度为g），下列说法正确的是（ ）

    A．刚剪断轻绳的瞬间，b的加速度大小为2g B．刚剪断轻绳的瞬间，c的加速度大小为g C．剪断轻绳后，a、b速度相等时两者相距一定最近



    D．剪断轻绳后，a、b下落过程中加速度相同的瞬间，两者加速度均为g 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】
    AB．剪断弹簧的瞬间，绳的弹力立即消失，而弹簧弹力瞬间不变；对b根据牛顿第二定律可得
    2mgmab
    解得
    ab2g，方向向下；
    c上面的弹簧在绳子剪断前的弹力等于总重，即为3mg，剪断细线后对c根据牛顿第二定律可得
    mab3mgmgmaC
    解得
    ac2g，方向向上；
    故A正确，B错误；
    C．剪断轻绳后，a、b下落过程中，二者在开始的一段时间内加速度不同，所以两者不会保持相对静止，先是b相对靠近a，速度相等时两者的距离最近，后a相对b远离，速度再次相等时两者距离最远，故C错误；
    D．剪断轻绳后，a、b下落过程中加速度相等的瞬间，对整体分析由牛顿第二定律可知加速度为g，且两者之间的轻弹簧一定处于原长状态，故D正确。 故选AD。

    10．如图甲所示，水平地面上有足够长平板车M，车上放一物块m，开始时M、m均静止。t=0时，车在外力作用下开始沿水平面向右运动，其v-t图像如图乙所示，已知物块与平板车间的动摩擦因数为0.2，取g=10m/s2。下列说法正确的是（ ）

    A．0-6s内，m的加速度一直保持不变 B．m相对M滑动的时间为3s
    C．0-6s内，m相对M滑动的位移的大小为4m D．0-6s内，m、M相对地面的位移大小之比为3：4 【答案】BD 【解析】



    【分析】 【详解】
    AB．物块相对于平板车滑动时的加速度
    amg    mg2m/s2
    若其加速度一直不变，速度时间图像如图所示

    有图像可以算出t=3s时，速度相等，为6m/s。由于平板车减速阶段的加速度大小为
    a18m/s22m/s2a 62故二者等速后相对静止，物块的加速度大小不变，方向改变。物块相对平板车滑动的时间为3s。故A错误，B正确；
    C．有图像可知，0-6s内，物块相对平板车滑动的位移的大小
    1861x28m1m36m=6m

    222故C错误；

    D．0-6s内，有图像可知，物块相对地面的位移大小
    1x166m=18m
    2平板车相对地面的位移大小
    1x268m=24m
    2二者之比为3：4，故D正确。 故选BD。

    11．如图所示，在水平面上有一质量为m1=1kg的足够长的木板A，其上叠放一质量为m2=2kg的物块B，木板与地面间的动摩擦因数1=0.1，物块和木板之间的动摩擦因数2=0.3，假定最大静摩擦力和滑动摩擦力相等。现给物块施加随时间t增大的水平拉力F=3t(N，重力加速度大小g=10m/s2。则（ ）

    A．t=ls之后，木板将在地面上滑动 B．t=2s时，物块将相对木板滑动



    C．t=3s时，物块的加速度大小为4m/s2 D．木板的最大加速度为3m/s2 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】 A．当
    F1m1m2g3N
    物块和木板都没有动，处于静止状态，根据
    F=3t(N
    可知t=ls之后，木板将在地面上滑动，故A符合题意；
    BD．两物体刚要相对滑动时，此时木板有最大加速度，根据牛顿第二定律，对木块有
    F2m2gm2a
    对木板有
    2m2g1m1m2gm1a
    解得
    F12N
    a3m/s2
    根据
    F=3t(N
    可知t=4s之后，物块将相对木板滑动，故B不符合题意，D符合题意；
    C．由上分析可知，t=3s时，物块相对木板静止，一起做匀加速运动，根据牛顿第二定律
    F11m1m2gm1m2a
    代入数据可得
    a2m/s2
    故C不符合题意。 故选AD。

    12．如图甲所示，倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行。t＝0时，将质量m＝1kg的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的v﹣t图像如图乙所示。设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g＝10m/s2。则（ ）




    A．传送带的速率v0＝10m/s B．传送带的倾角θ＝30°
    C．物体与传送带之间的动摩擦因数µ＝0.5 D．0~2.0s内物体在传送带上留下的痕迹为6m 【答案】AC 【解析】 【详解】
    A．由图知，物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后（在t＝1.0s时刻），由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图像可知传送带的速度为v0＝10m/s，故A正确；
    BC．在0~1.0s内，物体摩擦力方向沿斜面向下，匀加速运动的加速度为：
    a1由图可得：
    mgsinmgcosgsingcos
    mv110m/s2 t1a1在1.0~2.0s，物体的加速度为：
    a2由图可得：
    mgsinmgcosgsingcos
    mv22m/s2 t2a2联立解得：0.5，37，故B错误，C正确； D．根据“面积”表示位移，可知0~1.0s物体相对于地的位移：
    1x1101m=5m
    2传送带的位移为：
    x2＝v0t1＝10×1m＝10m
    物体对传送带的位移大小为：
    x1x2x15m
    方向向上。1.0~2.0s物体相对于地的位移：
    x310121m11m
    2传送带的位移为：
    x4＝v0t1＝10×1m＝10m
    物体对传送带的位移大小为：
    x2x3x41m
    方向向下，故留下的痕迹为5m，故D错误。 故选：AC。




    13．如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态．现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定的偏离竖直方向某一角度（橡皮筋在弹性限度内 ）．与稳定在竖直位置时相比，小球高度

    A．一定升高 C．保持不变 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】
    B．一定降低
    D．升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定

    试题分析：设L0为橡皮筋的原长，k为橡皮筋的劲度系数，小车静止时，对小球受力分析得：T1=mg， 弹簧的伸长x1＝，即小球与悬挂点的距离为L1=L0+，当小车的加速度稳定在一定，弹簧的）值时，对小球进行受力分析如图，得：T2cosα=mg，T2sinα=ma，所以：T2=伸长：x2＝cosα=L0cosα+＝＜L0+，则小球与悬挂点的竖直方向的距离为：L2=（L0+=L1，所以L1＞L2，即小球在竖直方向上到悬挂点的距离减小，所以小球一定升高，故A正确，BCD错误． 故选A．


    14．如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A。小滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出小滑块A的加速度a，得到如图乙所示的a-F图象，已知g取10 m/s2，则 （ ）




    A．小滑块A的质量为3kg B．木板B的质量为1kg
    C．当F=6N时木板B加速度为2 m/s2 D．小滑块A与木板B间动摩擦因数为0．1 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】
    ABD．刚开始两者相对静止一起在水平面上运动，当F=3N时有
    F(mAmBa
    之后F再增大，两者发生相对运动，此过程中对A分析有
    FmAgmAa
    变形可得
    a之后图像的斜率kFg mA1，故有 mAk1211 mA532所以mA2kg，当F=5N时有
    2解得0.05，将mA2kg代入
    5g
    23(mAmB1
    得
    mB1kg
    B正确AD错误；
    C．F3N过程中B在A给的摩擦力作用下向右加速运动，所以对B分析可得
    mAgmBa'



    解得
    a'1m/s2
    C错误； 故选：B。

    15．如图所示，物体A、B用轻质细绳连接后跨过定滑轮，A静止在倾角为30°的固定的斜面上，A与滑轮之间的细绳平行于斜面，B与滑轮之间的细绳保持竖直，A、B的质量关系为mA=3mB，刚开始无外力F时，物体A恰不下滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，现给物体B一个水平外力，将它缓慢拉起到夹角为60，则以下说法中正确的是

    A．物体A与斜面间动摩擦因数等于3 3B．物体A与斜面间摩擦力先减小后增大 C．外力F先减小后增大
    D．当角继续增大时，物体A仍能保持静止 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】
    A．刚开始无外力F时，物体A恰不下滑由平衡条件可得
    mAgsin30mBgmAgcos30
    解得
    故A错误；
    3
    9BC．现给物体B一个水平外力，将它缓慢拉起到夹角为60过程中，以B为对象，根据平衡条件可知 水平外力大小为
    FmBgtan
    因为θ逐渐增大，所以水平外力F也逐渐增大； 细绳对B的拉力
    FT当θ=60°时，
    mBg cos


    FT2mBgmAgsin303mBg
    2说明斜面对A的摩擦力先沿斜面向上，后沿斜面向下，所以物体A与斜面间摩擦力先减小后增大，故B正确，C错误。 C．当θ=60°时，斜面对A的摩擦力
    FfFTmAgsin30mBg1mAgsin30mAgmAgcos30
    cos606说明此时斜面对A的摩擦力是最大静摩擦力，当角继续增大时，绳子的拉力会进一步增大，物体A将沿斜面向上运动，故D错误； 故选B。



    免费下载 Word文档免费下载： 内蒙古集宁一中(西校区)运动和力的关系检测题(Word版 含答案)-

    TOP热门搜索

    相关推荐：

    入党思想汇报

    • ￥29.8

      ￥45 每天只需1.0元
      1个月 推荐

    • ￥9.9

      ￥15
      1天

    • ￥59.8

      ￥90
      3个月

    选择支付方式

    • 微信付款
    会员须知 联系在线客服 登录账号
    郑重提醒：支付后，系统自动为您完成注册

    请使用微信扫码支付(元)

    订单号：
    支付后，系统自动为您完成注册
    遇到问题请联系 在线客服

    常用手机号：
    用于找回密码
    图片验证码：
    看不清？点击更换
    短信验证码：
    新密码：
     
    绑定后可用手机号登录
    请不要关闭本页面，支付完成后请点击【支付完成】按钮
    遇到问题请联系 在线客服

    侵权投诉  © 2013-2019 http://www.tcm999.cn   站点地图 |  手机版

    本站文档均来自互联网及网友上传分享，本站只负责收集和整理，有任何问题可通过上访投诉通道进行反馈